Gases e processos térmicos

6 passos visuais · 4 exemplos resolvidos · 6 exercícios com soluções

Primeiro, vamos ver a ideia.

Como se reparte o calor recebido num gás que expande a pressão constante?

Avança um passo de cada vez. Muda os valores e observa o que acontece.

O gás trabalha ao expandirV = 10 LQuase estático e isobárico; Q entra no gás; W é realizado pelo gás.
Descrição do desenho

Escolhe o gás e a pressão. O gás começa com 10 L. Usamos 1 mol de gás ideal monoatómico, isto é, partículas de um só átomo. O êmbolo move-se tão lentamente que o gás passa por estados de equilíbrio, sempre à pressão externa escolhida. O êmbolo verde começa na posição correspondente a 10 L. Pressão absoluta constante: 100 kPa. Volume final (inicial: 10 L): 15 L.

Passo 1 de 6

Escolhe o gás e a pressão

O êmbolo verde começa na posição correspondente a 10 L.

O gás começa com 10 L. Usamos 1 mol de gás ideal monoatómico, isto é, partículas de um só átomo. O êmbolo move-se tão lentamente que o gás passa por estados de equilíbrio, sempre à pressão externa escolhida.

Pressão absoluta constante
100 kPa
Volume final (inicial: 10 L)
15 L

E se mudares isto?

50 kPa200 kPa
5 L20 L

Antes de avançar

A 100 kPa, o gás expande de 10 para 15 L. Calcula W, ΔU e Q para o gás ideal monoatómico.

Comparar com a explicação

ΔV = 0,005 m³; W = 500 J; ΔU = 750 J; Q = 1250 J. Convenção: Q entra no gás; W é realizado pelo gás.

Tu decides quando marcar esta aula como estudada.

O gás trabalha ao expandir

Desliza o desenho para veres os pormenores.

Aprofundar a explicação completaAs bases, os princípios, os exemplos resolvidos e todos os exercícios, ao teu ritmo.

O que vais compreender

  • Construir a relação entre pressão, volume, quantidade de gás e temperatura absoluta.
  • Relacionar a descrição microscópica com as grandezas que medimos.
  • Calcular trabalho e variação de energia interna com uma convenção de sinais explícita.
  • Distinguir transformações isotérmicas, isobáricas, isocóricas e adiabáticas.
  • Interpretar ciclos, rendimento e limites impostos pela segunda lei.

Antes de começar

Não precisas de saber tudo de memória. A explicação retoma as ideias necessárias e mostra como se ligam. Se uma base ainda estiver pouco clara, podes regressar a estas aulas:

Antes das contas: qual é o sistema?

Imagina uma certa quantidade de gás num cilindro com um êmbolo. Vamos chamar sistema a esse gás; o êmbolo, as paredes e o ar exterior pertencem à vizinhança. Esta escolha torna possível dizer se energia entra ou sai. Um sistema fechado pode trocar energia, mas não matéria. Num sistema aberto há também entrada ou saída de matéria, e o balanço precisa de termos adicionais que não usaremos aqui.

Um estado de equilíbrio pode ser descrito por pressão p, volume V, temperatura T e quantidade de matéria n. Pressão é força perpendicular por área; volume mede o espaço ocupado; temperatura absoluta é expressa em kelvin. Uma transformação liga estados, mas não é determinada apenas pelos extremos: expandir devagar com troca térmica e expandir dentro de uma caixa isolada podem ligar estados por processos muito diferentes.

Quando usamos uma curva contínua num gráfico p–V, estamos normalmente a idealizar uma sucessão suficientemente lenta de estados próximos do equilíbrio. É um processo quase estático. Uma explosão ou expansão livre não tem necessariamente uma pressão uniforme do gás em cada instante, pelo que não devemos inventar uma curva de equilíbrio para calcular trabalho.

O modelo microscópico e o significado da pressão

Um gás é constituído por partículas em movimento irregular. Quando colidem com uma parede, mudam o seu momento e exercem força sobre ela. A pressão macroscópica resulta do efeito médio de muitas colisões. Se mantivermos volume e número de partículas e aumentarmos a agitação térmica, as colisões transferem mais momento por unidade de tempo, aumentando a pressão.

No modelo de gás ideal, o tamanho das partículas é desprezável comparado com a separação entre elas e as interações intermoleculares são desprezadas fora das colisões. As colisões são tratadas como elásticas. Trata-se de uma aproximação útil para muitos gases diluídos, longe da condensação; não é uma descrição exata de qualquer gás a qualquer pressão.

Para esse modelo, a energia cinética média de translação de uma partícula é 3kT/2, onde k é a constante de Boltzmann. As partículas não têm todas a mesma rapidez: existe uma distribuição. A temperatura caracteriza uma média do conjunto; não devemos atribuir uma temperatura macroscópica a uma única colisão. Moléculas podem ainda armazenar energia em rotação e vibração, pelo que a energia interna total não é sempre apenas a energia de translação.

Construir e usar pV = nRT

O número N de partículas pode ser contado através da quantidade de matéria n: N = nNA, com NA = 6,02214076 × 10²³ mol⁻¹. Uma mole contém esse número de entidades especificadas. A massa total não é n: se M é a massa molar, n = m/M, usando unidades coerentes. Um gás de moléculas mais pesadas pode ter menos partículas para a mesma massa.

pV = nRT = NkT

Nesta aula usamos R ≈ 8,314 J/(mol·K), p em Pa, V em m³, n em mol e T em K. Como Pa·m³ = N·m = J, ambos os membros têm unidade de energia. A pressão deve ser absoluta: se um manómetro mede a diferença para a atmosfera, é preciso acrescentar a pressão atmosférica local antes de usar a equação.

Para uma quantidade fixa de gás ideal, pV/T é constante. Manter T constante dá pV constante; manter p constante dá V/T constante; manter V constante dá p/T constante. Estas proporcionalidades não podem ser combinadas sem declarar o que permanece fixo. Se o recipiente perde gás, n varia e a forma p₁V₁/T₁ = p₂V₂/T₂ deixa de servir sem correção. Também não usamos Celsius em razões de temperatura: 600 K é o dobro de 300 K; 60 °C não representa o dobro de 30 °C na escala absoluta.

A primeira lei e os sinais das transferências

A energia interna U está associada aos graus de liberdade microscópicos do sistema. Não é o calor que o gás «contém». Calor Q e trabalho W descrevem energia a atravessar a fronteira durante um processo. U é uma função de estado: entre os mesmos estados de equilíbrio, ΔU é igual, mesmo que as transferências individuais sejam diferentes.

ΔU = Q − W

Usaremos Q positivo quando energia entra no gás por diferença de temperatura, e W positivo quando o gás realiza trabalho sobre a vizinhança. Durante uma compressão, o trabalho realizado pelo gás é negativo: a vizinhança entrega energia ao sistema. Há livros que definem o trabalho sobre o gás como positivo e escrevem ΔU = Q + Wsobre. As duas convenções são equivalentes porque Wsobre = −W; o erro é trocar a convenção a meio.

Esta forma supõe que as mudanças relevantes são de energia interna e não, por exemplo, a aceleração do cilindro inteiro ou a sua subida. Quando essas energias macroscópicas variam, têm de entrar no balanço total. A primeira lei conserva energia, mas não determina sozinha o sentido espontâneo de uma transformação.

Por que o trabalho aparece como área num gráfico p–V

Num êmbolo de área A, uma pressão externa pext exerce força pextA. Um deslocamento pequeno Δx corresponde a variação de volume ΔV = AΔx. Assim, o trabalho realizado pelo gás contra essa pressão é aproximadamente pextΔV. Com pressão externa constante, W = pext(V₂ − V₁). Num processo quase estático em equilíbrio mecânico, a pressão do gás aproxima-se da externa e podemos usar a curva p(V).

Se a pressão varia, dividimos a transformação em pequenos intervalos e somamos as parcelas pΔV. O limite é W = ∫p dV para o caminho quase estático indicado. A área sob a curva mede trabalho com sinal: expansão dá W positivo, compressão dá W negativo. Dois caminhos com os mesmos volumes inicial e final podem ter áreas diferentes. Conhecer ΔV, por si só, não chega para conhecer W.

Uma expansão isobárica: a área do retângulo sob a linha de pressão corresponde ao trabalhopVV₁V₂p constanteW = p(V₂ − V₁)
A altura é pressão e a largura é variação de volume. O produto tem unidade Pa·m³, isto é, joule.

Na expansão livre para uma região vazia, a pressão externa é zero e não há trabalho de fronteira, embora o volume aumente. Usar a pressão inicial do gás em W = pΔV daria um resultado indevido: essa não foi a pressão externa resistindo ao movimento.

Quatro transformações que não devemos confundir

  • Isocórica: volume constante. Não há trabalho de fronteira p dV, logo ΔU = Q se esse for o único tipo de trabalho. Num gás ideal de quantidade fixa, aumentar T aumenta p.
  • Isobárica: pressão constante no caminho considerado. Se o volume muda quase estaticamente, W = pΔV. A energia recebida pode repartir-se entre aumento de U e trabalho.
  • Isotérmica: temperatura constante. Para gás ideal de quantidade fixa, U depende apenas de T, pelo que ΔU = 0 e Q = W. Isso não significa que não haja troca de calor: pode ser precisamente a troca que mantém a temperatura constante.
  • Adiabática: Q = 0. Não significa T constante. Se o gás se expande e realiza trabalho, a energia interna diminui. Uma compressão adiabática pode aumentar a temperatura.

Numa expansão isotérmica reversível de gás ideal, substituímos p = nRT/V na integral e obtemos W = nRT ln(V₂/V₁). O argumento do logaritmo é uma razão sem unidade. Para uma adiabática reversível de gás ideal com capacidades térmicas constantes, vale pVγ constante, com γ = Cp/CV. A palavra reversível é importante: uma expansão livre adiabática não obedece automaticamente a essa relação.

Quanto da energia recebida aumenta a temperatura?

A capacidade térmica molar a volume constante CV relaciona ΔU e ΔT de um gás ideal num intervalo em que a capacidade pode ser tratada como constante: ΔU = nCVΔT. Para um gás ideal monoatómico, considerando apenas a energia de translação, CV = 3R/2 e U = 3nRT/2. Para moléculas com outros graus de liberdade ativos, a capacidade é diferente e pode variar com a temperatura.

A pressão constante, o gás faz também trabalho. Usando pΔV = nRΔT, a primeira lei dá Q = nCVΔT + nRΔT = nCpΔT. Portanto Cp − CV = R para gás ideal. É necessária mais energia por mole e por kelvin quando parte dela é entregue como trabalho de expansão.

Um gás diatómico perto de temperaturas em que translação e rotação estão ativas pode ter CV aproximadamente 5R/2. Isso é uma aproximação de regime, não uma propriedade universal independente da temperatura. Confere sempre o modelo e a capacidade fornecida antes de usar números memorizados.

Ciclos, máquinas térmicas e a segunda lei

Num ciclo, o sistema regressa ao estado inicial, logo a variação total de energia interna é zero. O trabalho líquido é igual ao calor líquido recebido. Num gráfico p–V quase estático, corresponde à área delimitada pelo ciclo, com sinal dependente do sentido do percurso.

Uma máquina térmica cíclica recebe energia Qq de uma fonte quente, entrega parte como trabalho e rejeita uma quantidade de energia Qf para uma fonte fria. Aqui Qq e Qf representam módulos positivos: W = Qq − Qf e η = W/Qq. O rendimento é uma razão; uma máquina de rendimento 0,40 entrega 40% da energia recebida como trabalho líquido.

A segunda lei impede uma máquina cíclica cujo único efeito seja retirar calor de uma única fonte e convertê-lo todo em trabalho. Entre reservatórios a Tq e Tf, o limite reversível de Carnot é ηmáx = 1 − Tf/Tq, com temperaturas absolutas. Atrito, diferenças finitas de temperatura e outros processos irreversíveis tornam o desempenho real inferior ao limite ideal.

A entropia ajuda a quantificar essa irreversibilidade. Num processo reversível, a pequena variação de entropia é dS = δQrev/T. A entropia total de um sistema isolado não diminui. Não é uma energia que desaparece: a energia conserva-se, mas a possibilidade de obter trabalho útil pode diminuir. Esta introdução prepara o tema; calcular entropias de processos gerais exige definir cuidadosamente estados, fronteiras e caminhos reversíveis de referência.

Exemplos resolvidos, sem saltar passos

Acompanha primeiro o raciocínio. Depois tapa a resolução e tenta reconstruí-la com as tuas palavras.

Exemplo 1

Determinar um estado sem misturar escalas

Uma amostra ideal contém 0,50 mol a 300 K e ocupa 12,0 L. Calcula a pressão absoluta.
  1. Convertemos o volume: 12,0 L = 0,0120 m³. A quantidade n já está em mol e T em K.
  2. Isolamos a incógnita em pV = nRT: p = nRT/V. A relação descreve o estado e não exige conhecer o caminho anterior.
  3. Substituímos: p = 0,50 × 8,314 × 300 / 0,0120 = 103925 Pa.
Resultado
p ≈ 1,04 × 10⁵ Pa, ou 104 kPa, absoluta.
Conferir o resultado
O produto mol × J/(mol·K) × K, dividido por m³, dá J/m³ = Pa. Um valor perto de uma atmosfera é plausível para estes dados.

Exemplo 2

Aquecer sem deixar expandir

Um mol de gás ideal monoatómico num recipiente rígido aquece de 290 K para 370 K. Despreza outros trabalhos e calcula ΔU e Q.
  1. A variação é ΔT = 80 K. Recipiente rígido significa ΔV = 0 e trabalho de fronteira W = 0.
  2. Neste modelo, CV = 3R/2. Então ΔU = 1 × 1,5 × 8,314 × 80 = 997,68 J.
  3. Aplicamos ΔU = Q − W. Como W = 0, Q = ΔU e é positivo: a energia entrou no gás.
Resultado
ΔU = Q ≈ 998 J; W = 0.
Conferir o resultado
Não se usou a temperatura final no lugar de ΔT. A pressão final é maior, porque p/T é constante a volume e quantidade fixos.

Exemplo 3

Uma expansão com balanço completo

Um gás expande-se quase estaticamente a 120 kPa, de 3,0 L para 5,0 L, recebendo 600 J por calor. Calcula trabalho e ΔU.
  1. Convertemos p = 1,20 × 10⁵ Pa e ΔV = 2,0 × 10⁻³ m³. O volume aumenta: o trabalho realizado pelo gás será positivo.
  2. W = pΔV = 1,20 × 10⁵ × 2,0 × 10⁻³ = 240 J.
  3. ΔU = Q − W = 600 − 240 = 360 J. A energia recebida repartiu-se entre energia interna e trabalho.
Resultado
W = +240 J e ΔU = +360 J.
Conferir o resultado
O balanço fecha: 600 J = 360 J + 240 J. Não seria correto identificar todo o calor recebido com aumento de energia interna.

Exemplo 4

Rendimento real e limite ideal

Uma máquina cíclica recebe 1500 J de um reservatório a 600 K e rejeita 900 J para outro a 300 K. Os dados respeitam o limite de Carnot?
  1. Num ciclo, ΔU = 0. O trabalho líquido é 1500 − 900 = 600 J.
  2. O rendimento é η = 600/1500 = 0,40, ou 40%.
  3. O limite entre estas temperaturas é 1 − 300/600 = 0,50, ou 50%. Como 40% é inferior a 50%, não há violação deste limite.
Resultado
W = 600 J; η = 40%; limite reversível de 50%.
Conferir o resultado
A comparação não prova que qualquer construção com esses números seja viável; apenas verifica uma condição necessária imposta pela termodinâmica.

Agora, experimenta tu

Não há cronómetro. Escreve o que sabes, escolhe uma relação e justifica cada passo. As pistas e soluções ficam disponíveis quando precisares.

Exercício 1

Uma amostra a 100 kPa, 2,0 L e 300 K passa a 3,0 L e 450 K sem perder gás. Determina a nova pressão.
Uma pista
Com quantidade fixa, compara pV/T nos dois estados.
Ver a solução comentada

p₂ = p₁(V₁/V₂)(T₂/T₁) = 100 × (2/3) × (450/300) = 100 kPa. O aumento de temperatura compensa o aumento de volume neste caso. Usar os volumes na mesma unidade é permitido porque aparecem apenas numa razão.

Exercício 2

Um gás sofre compressão adiabática. A vizinhança realiza 180 J de trabalho sobre ele. Qual ΔU?
Uma pista
O W desta aula é o trabalho realizado pelo gás, não o trabalho sobre o gás.
Ver a solução comentada

Adiabática significa Q = 0. Como o gás recebe trabalho, W = −180 J. Logo ΔU = 0 − (−180) = +180 J. Num gás ideal de quantidade fixa e capacidade térmica positiva, a temperatura aumenta.

Exercício 3

Uma expansão isotérmica de gás ideal realiza 250 J de trabalho. O gás não aquece; isso implica Q = 0?
Uma pista
Relaciona a energia interna do gás ideal com a temperatura.
Ver a solução comentada

Não. Para o gás ideal nesta transformação, ΔU = 0. A primeira lei dá 0 = Q − 250, logo Q = +250 J. A energia que entra por calor sai por trabalho, mantendo a energia interna constante.

Exercício 4

Num gráfico p–V, uma compressão a pressão constante tem V₂ menor que V₁. Qual o sinal de W? E numa expansão livre para o vazio?
Uma pista
Distingue o sinal de ΔV da existência de pressão externa resistente.
Ver a solução comentada

Na compressão quase estática W = p(V₂ − V₁) é negativo. Na expansão livre a pressão externa é zero, de modo que W = 0 mesmo com aumento do volume. Não devemos aplicar a pressão inicial interna a esse segundo processo.

Exercício 5

Uma máquina entre 500 K e 300 K anuncia rendimento de 60%. É compatível com uma máquina térmica cíclica entre apenas essas fontes?
Uma pista
Calcula o limite reversível antes de discutir detalhes técnicos.
Ver a solução comentada

ηmáx = 1 − 300/500 = 0,40. O rendimento anunciado, 0,60, excede o limite e é incompatível com as condições declaradas. Pode haver erro na medição, na definição do rendimento ou na descrição das fontes; não é uma melhoria que ultrapasse a segunda lei.

Exercício 6

Compara dois caminhos entre os mesmos estados: num deles Q = 400 J e W = 100 J; no outro W = 160 J. Qual o calor no segundo caminho?
Uma pista
A energia interna é função de estado; Q e W dependem do processo.
Ver a solução comentada

No primeiro caminho ΔU = 400 − 100 = 300 J. No segundo deve valer a mesma variação: 300 = Q₂ − 160. Portanto Q₂ = 460 J. O calor difere, mas a mudança de estado é a mesma.

Erros que vale a pena evitar

Usar Celsius numa razão de temperaturas.
Converte para kelvin. A origem da escala altera razões como T₂/T₁, embora os intervalos em °C e K tenham o mesmo tamanho.
Adiabático significa temperatura constante.
Adiabático significa ausência de calor transferido. Trabalho pode mudar a energia interna e a temperatura.
ΔU é sempre igual ao calor recebido.
Só nessa forma simples quando o trabalho total considerado é zero. Escreve primeiro ΔU = Q − W com os sinais definidos.
Qualquer aumento de volume permite W = p inicial × ΔV.
O trabalho depende do caminho e da pressão externa. Essa multiplicação não descreve uma expansão livre.
Conservar energia basta para qualquer máquina funcionar.
É necessário respeitar também a segunda lei e os limites de rendimento entre reservatórios.

O essencial para levar contigo

  • Um estado de gás ideal obedece a pV = nRT, com pressão absoluta e temperatura em kelvin.
  • Calor e trabalho são transferências; energia interna é uma propriedade do estado.
  • A convenção ΔU = Q − W usa trabalho positivo quando é realizado pelo gás.
  • O trabalho quase estático é uma área com sinal no gráfico p–V.
  • Isotérmica e adiabática descrevem condições diferentes.
  • Num ciclo ΔU = 0, mas o trabalho e o calor líquidos podem ser não nulos.
  • O limite de Carnot usa temperaturas absolutas e não é o rendimento de qualquer máquina real.

Se ainda não consegues explicar uma destas ideias, volta à secção correspondente e refaz um exemplo. Perceber a dificuldade faz parte do estudo.

Referências para aprofundar

Texto e exemplos preparados para este percurso. Estas fontes ajudam a conferir os princípios e a continuar o estudo:

A organização por classe é uma proposta de estudo. A revisão pedagógica por professores continua a ser uma etapa do projeto.